Question Number 2750 by RasheedAhmad last updated on 26/Nov/15 | ||
$${Prove}\:{that}: \\ $$ $$\left({i}\right)\:\:\mathrm{2}^{{n}} >{n}^{\mathrm{2}} \:\:{for}\:{all}\:{integral}\:{values} \\ $$ $${of}\:\:{n}\geqslant\mathrm{5} \\ $$ $$\left({ii}\right)\:{n}!>\mathrm{3}^{{n}−\mathrm{1}} ,{for}\:{all}\:{integral}\:{values} \\ $$ $${of}\:{n}\geqslant\mathrm{5} \\ $$ | ||
Answered by Yozzi last updated on 26/Nov/15 | ||
$$\left({Skeletons}\:{of}\:{proofs}\right) \\ $$ $$\left({i}\right)\:{Let}\:{P}\left({n}\right):\:\mathrm{2}^{{n}} >{n}^{\mathrm{2}} \:,\:\forall{n}\geqslant\mathrm{5},{n}\in\mathbb{Z}. \\ $$ $${P}\left(\mathrm{5}\right):\:\mathrm{2}^{\mathrm{5}} =\mathrm{32}>\mathrm{25}=\mathrm{5}^{\mathrm{2}} \\ $$ $$\Rightarrow{P}\left({n}\right)\:{true}\:{for}\:{n}=\mathrm{5}. \\ $$ $$ \\ $$ $${Supppose}\:{P}\left({n}\right)\:{true}\:{for}\:{n}={k}\:\left({k}\geqslant\mathrm{5}\right): \\ $$ $$\:\:\:\:\:\:\:\:\:\:\:\:\:\:\:\:\:\mathrm{2}^{{k}} >{k}^{\mathrm{2}} \\ $$ $${P}\left({k}+\mathrm{1}\right):\:\mathrm{2}^{{k}} >{k}^{\mathrm{2}} \\ $$ $$×\mathrm{2}:\:\:\:\:\:\:\:\:\:\:\mathrm{2}^{{k}+\mathrm{1}} >\mathrm{2}{k}^{\mathrm{2}} \\ $$ $$\:\:\:\:\mathrm{2}^{{k}+\mathrm{1}} >{k}^{\mathrm{2}} +{k}^{\mathrm{2}} −\mathrm{2}{k}+\mathrm{1}+\mathrm{2}{k}−\mathrm{1} \\ $$ $$\:\:\:\:\:\mathrm{2}^{{k}+\mathrm{1}} >{k}^{\mathrm{2}} −\mathrm{2}{k}−\mathrm{1}+\left({k}+\mathrm{1}\right)^{\mathrm{2}} \\ $$ $$\mathrm{2}^{{k}+\mathrm{1}} >\left({k}−\mathrm{1}\right)^{\mathrm{2}} −\mathrm{2}+\left({k}+\mathrm{1}\right)^{\mathrm{2}} \\ $$ $$\because\:{k}\geqslant\mathrm{5}\Rightarrow{k}−\mathrm{1}\geqslant\mathrm{4}\Rightarrow\left({k}−\mathrm{1}\right)^{\mathrm{2}} \geqslant\mathrm{16} \\ $$ $$\left({k}−\mathrm{1}\right)^{\mathrm{2}} −\mathrm{2}\geqslant\mathrm{14}>\mathrm{0} \\ $$ $$\therefore\left({k}−\mathrm{1}\right)^{\mathrm{2}} −\mathrm{2}+\left({k}+\mathrm{1}\right)^{\mathrm{2}} >\left({k}+\mathrm{1}\right)^{\mathrm{2}} \\ $$ $${Hence},\:\mathrm{2}^{{k}+\mathrm{1}} >\left({k}+\mathrm{1}\right)^{\mathrm{2}} . \\ $$ $$\therefore\:{P}\left({k}\right)\Rightarrow{P}\left({k}+\mathrm{1}\right) \\ $$ $$\because\:{P}\left(\mathrm{5}\right)\:{is}\:{true},\:{by}\:{P}.{M}.{I},\:\mathrm{2}^{{n}} >{n}^{\mathrm{2}} \: \\ $$ $$\forall{n}\geqslant\mathrm{5},{n}\in\mathbb{Z}. \\ $$ $$ \\ $$ $$\left({ii}\right)\:{Let}\:{P}\left({n}\right):\:{n}!>\mathrm{3}^{{n}−\mathrm{1}} ,\:{n}\geqslant\mathrm{5},{n}\in\mathbb{Z}. \\ $$ $${P}\left(\mathrm{5}\right):\:\mathrm{5}!=\mathrm{120}>\mathrm{3}^{\mathrm{4}} =\mathrm{81} \\ $$ $$\therefore\:{P}\left({n}\right)\:{true}\:{for}\:{n}=\mathrm{5}. \\ $$ $$ \\ $$ $${Suppose}\:{P}\left({n}\right)\:{true}\:{for}\:{n}={k}\:\left({k}\geqslant\mathrm{5}\right): \\ $$ $$\:\:\:\:\:\:\:\:\:\:\:\:\:\:\:\:\:\:\:\:\:\:\:{k}!>\mathrm{3}^{{k}−\mathrm{1}} \\ $$ $${P}\left({k}+\mathrm{1}\right):\:\:{k}!>\mathrm{3}^{{k}−\mathrm{1}} \\ $$ $$×\left({k}+\mathrm{1}>\mathrm{0}\right):\:\:\left({k}+\mathrm{1}\right)!>\left({k}+\mathrm{1}\right)\mathrm{3}^{{k}−\mathrm{1}} \\ $$ $$\because\:{k}\geqslant\mathrm{5}\Rightarrow{k}+\mathrm{1}\geqslant\mathrm{6}\Rightarrow\left({k}+\mathrm{1}\right)\mathrm{3}^{{k}−\mathrm{1}} \geqslant\mathrm{6}×\mathrm{3}^{{k}−\mathrm{1}} \\ $$ $$\left({k}+\mathrm{1}\right)\mathrm{3}^{{k}−\mathrm{1}} \geqslant\mathrm{2}×\mathrm{3}^{{k}} >\mathrm{3}^{{k}} \\ $$ $${Hence},\:\left({k}+\mathrm{1}\right)!>\mathrm{3}^{\left[{k}+\mathrm{1}\right]−\mathrm{1}} . \\ $$ $$\therefore\:{P}\left({k}\right)\Rightarrow{P}\left({k}+\mathrm{1}\right) \\ $$ $${Since}\:{P}\left(\mathrm{5}\right)\:{is}\:{true},\:{by}\:{P}.{M}.{I}, \\ $$ $${k}!>\mathrm{3}^{{k}−\mathrm{1}} \:\forall{n}\geqslant\mathrm{5},{n}\in\mathbb{Z}. \\ $$ | ||
Commented byRasheedAhmad last updated on 26/Nov/15 | ||
$$\mathcal{N}{ice}! \\ $$ | ||